在复分析中，留数是一个正比于一个亚纯函数某一奇点周围的路径积分的复数。（更一般地，对于任何除去离散点集{ak}之外全纯的函数 f: \mathbb{C} \setminus \{a_k\} \rightarrow \mathbb{C}都可以计算其留数，即便是离散点集中含有本质奇点）留数可以是很容易计算的，一旦知道了留数，就可以通过留数定理来计算更复杂的路径积分。
定义
亚纯函数f在孤立奇点a的留数，通常记为\operatorname{Res}(f,a)或\operatorname{Res}_a(f)，是使f(z)- R/(z-a)在穿孔圆盘0内具有解析原函数的唯一值R。
另外，留数也可以通过求出洛朗级数展开式来计算，并且可以将留数定义为洛朗级数的系数a-1。
留数的定义可以拓展到任意黎曼曲面上。
例子
作为例子，考虑以下的路径积分：
:\oint_C {e^z \over z^5}\,dz
其中C是围绕原点的任意(正向)简单闭曲线。
我们来计算这个积分，不用任何标准的积分定理。现在，ez的泰勒级数是众所周知的，我们可以把这个级数代入被积表达式中。则积分变为：
:\oint_C {1 \over z^5}\left(1+z+{z^2 \over 2!} + {z^3\over 3!} + {z^4 \over 4!} + {z^5 \over 5!} + {z^6 \over 6!} + \cdots\right)\,dz.
我们把1/z5的项乘进级数中，便得到：
::\oint_C \left({1 \over z^5}+{z \over z^5}+{z^2 \over 2!\;z^5} + {z^3\over 3!\;z^5} + {z^4 \over 4!\;z^5} + {z^5 \over 5!\;z^5} + {z^6 \over 6!\;z^5} + \cdots\right)\,dz
:=\oint_C \left({1 \over\;z^5}+{1 \over\;z^4}+{1 \over 2!\;z^3} + {1\over 3!\;z^2} + {1 \over 4!\;z} + {1\over\;5!} + {z \over 6!} + \cdots\right)\,dz.
现在，积分便化为更简单的形式。由于：
:\oint_C {1 \over z^a} \,dz=0,\quad a \in \mathbb{Z},\quad a \ne 1.
因此任何不是c \over z 形式的项都变成了零，那么积分变为：
:\oint_C {1 \over 4!\;z} \,dz={1 \over 4!}\oint_C{1 \over z}\,dz={1 \over 4!}(2\pi i) = {\pi i \over 12}.
1 \over 4! 就是 e^z \over z^5 在z* = 0的留数，记为：
:\mathrm{Res}_0 {e^z \over z^5}, 或\mathrm{Res}_{z=0} {e^z \over z^5}, 或\mathrm{Res}(f,0).
留数的计算
设复平面内有一穿孔圆盘D=\{z: 0，f是定义在D内的一个全纯函数。f在c的留数Res(f, c)是罗朗级数展开式的(z − c)−1项的系数a−1。计算留数的值的方法有很多，具体采用那种方法取决于题目中的函数，以及奇点的性质。
根据柯西积分公式，我们有：
:\operatorname{Res}(f,c) =
{1 \over 2\pi i} \oint_\gamma f(z)\,dz
其中γ是逆时针绕着c的一条闭曲线。我们可以选择γ为绕着c的一个圆，它的半径可以任意地小。
可去奇点
如果函数f在整个圆盘\{|z-c|内可以延拓为全纯函数，则Res(f, c) = 0。反过来不总成立。
一阶极点
在一阶极点，留数由以下公式给出：
:\operatorname{Res}(f,c)=\lim_{z\to c}(z-c)f(z).
设g和h在c的一个邻域内是全纯函数，h(c) = 0而g(c) ≠ 0，那么函数f(z)=g(z)/h(z)在极点c的留数为：
:\operatorname{Res}(f,c) = \frac{g(c)}{h'(c)}.
较高阶极点的极限公式
更一般地，f在z = c的留数，其中c是n阶极点，由以下公式给出：
: \mathrm{Res}(f,c) = \frac{1}{(n-1)!} \lim_{z \to c} \frac{d^{n-1}}{dz^{n-1}}\left( (z-c)^{n}f(z) \right).
以上的公式对于计算低阶极点的留数是十分有用的。对于较高阶的极点，则级数展开式更加容易一些。
无穷远点的留数
一般地，无穷远点的留数是指：
: \mathrm{Res}(f(z), \infty) = -\mathrm{Res}\left(\frac{1}{z^2}f\left(\frac{1}{z}\right), 0\right).
如果满足下面的条件：
: \lim_{|z| \to \infty} f(z) = 0,
则可以用下面的公式计算无穷远点的留数：
: \mathrm{Res}(f, \infty) = -\lim_{|z| \to \infty} z \cdot f(z).
如果不满足，即
: \lim_{|z| \to \infty} f(z) = c \neq 0,
则无穷远点的留数为：
: \mathrm{Res}(f, \infty) = -\lim_{|z| \to \infty} z^2 \cdot f'(z).
级数方法
如果函数的一部分或全部可以展开为泰勒级数或洛朗级数，则留数的计算比用其它的方法要容易得多。
1. 第一个例子，计算以下函数在奇点的留数：
: f(z)={\sin{z} \over z^2-z}
它可以用来计算一定的路径积分。这个函数表面上在z = 0处具有奇点，但如果把分母因式分解，而把函数写成：
: f(z)={\sin{z} \over z(z-1)}
则显然z = 0是可去奇点，因此z = 0处的留数为零。
唯一一个另外的奇点是z = 1。函数g(z)在z = a的泰勒级数为：
: g(z) = g(a) + g'(a)(z-a) + {g(a)(z-a)^2 \over 2!} + {g*(a)(z-a)^3 \over 3!}+ \cdots
因此，对于g(z) = sin z和a = 1，我们有：
: \sin{z} = \sin{1} + \cos{1}(z-1)+{-\sin{1}(z-1)^2 \over 2!} + {-\cos{1}(z-1)^3 \over 3!}+\cdots.
对于g(z) = 1/z和a = 1，我们有：
: \frac1z = \frac1 {(z-1)+1} = 1 - (z-1) + (z-1)^2 - (z-1)^3 + \cdots.
把两个级数相乘，并除以(z − 1)，便得：
: \frac{\sin{z}} {z(z-1)} = {\sin{1} \over z-1} + (\cos{1}-\sin1) + (z-1) \left(-\frac{\sin{1}}{2!} - \cos1 + \sin1\right) + \cdots.
因此f(z)在z = 1的留数为sin 1。
2. 接下来的例子展示了运用级数展开来求留数，拉格朗日反演定理在这里发挥了重要作用。令
: u(z):=\sum_{k\geq 1}u_k z^k
为一个整函数，并令
:v(z):=\sum_{k\geq 1}v_k z^k
参见
- 柯西积分公式
- 柯西积分定理
- 莫雷拉定理
参考文献
*
- Marsden & Hoffman, Basic complex analysis (Freeman, 1999).
外部链接
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